陕西省2023-2024学年度八年级第二学期阶段性学习效果评估(A)物理(人民教育)答案正在持续更新，目前全国100所名校单元测试示范卷答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

高三复单元检测卷·L版·4△Umg cos53°=ma,解得F,=5mg,根据力的弹簧后的加速度大小a=△t4合成有F=√F+F=52mg,B正确。1.50.55-0.25m/s=5m/s,由牛顿第二定律得，摩擦力大小为F:=mg=ma,所以4=a=0.5,A正确；刚释放时小物块的加速度53mg为a'=403△=0im/s=30m/s,由牛顿第8.BC【解析】若4=0.2，当F=4N时，假设板、斜劈、小球三者相对静止，则对板、斜劈、二定律得kx一Fr=ma',代入数据解得k=小球组成的系统，有F=3ma,代入数据解175N/m,C正确；当小物块离开弹簧后，小物块水方向只受摩擦力，且该摩擦力为滑动得a=专mg,对斜跨和小球组成的系统，若摩擦力，大小不变，所以小物块在离开弹簧斜劈与板之间的摩擦力达到最大静摩擦力，后，其所受合力不变，即小物块做匀减速直线有：(m+m)g=(m十m)a球，代入数据解运动，小物块从t=0.25s时开始离开弹簧，此得a球=2m/s2>a,可知此时木板相对于斜劈时小物块的位移为弹簧压缩的长度，即x1=静止，A错误；若以=0.5，假设斜劈与球保持相0.4m,由t图像可知，其图像与坐标轴围成对静止，则对斜劈与球组成的系统，最大加速的面积为位移，则离开弹簧后，小物块的位移度为an=(m十m)8=5m/s,当球刚好要为x2=1.5×(0.55-0.25)m=0.225m,所以m-m2离开斜劈时，受到重力和绳拉力作用，有小物块在整个过程的位移为x=x1十x2=mgtan53°=ma球，代入数据解得a球=0.625m,B、D错误。10.AD【解析】当0am,可知此情况下不论F多大，小知B与地面的摩擦力逐渐增大，A、B间的球均能和斜劈保持相对静止，B正确；若以摩擦力始终为零，A、B都没被拉动，A、B保0.8,假设板、小球和斜劈相对静止，则球和斜持静止，A正确；当4N12N时，A、B间斜劈构成的系统，有F临界=（m十m十m)a临界=24N,当F=22.5N时，板、球和斜的摩擦力大小保持不变，A、B发生了相对滑动，A由滑动摩擦力提供加速度，所以加速劈相对静止，有a'=F=22.5m/s2=3m3度保持不变，C错误；当F=12N时，A、B7.5m/s2,又由B选项可知此时球刚好要离开间发生相对滑动，两者间的静摩擦力最大值斜劈，C正确；若=0.8，则由C选项可知此为Fnm=mg=6N,解得μ=0.2，D正确。时恰好达到三者保持相对静止的临界状态，二、非选择题因此加速度大小为8m/s,则对小球而11.(1)<(2)2.0(3)7言ma临界=mg,解得tana=1.25,D错误。_tan a【解析】(1)对整体由牛顿第二定律可9.AC【解析】t图线切线的斜率表示加速得mg=(M十m)a,对滑块由牛顿第二定律度，bc段为直线，由题中图像乙知，bc段是小M物块离开弹簧之后的减速过程，小物块脱离可得Fr=Ma,联立解得Fn=M十m·2·

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