[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1 物理(重庆卷)答案正在持续更新，目前全国100所名校单元测试示范卷答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

1、百师联盟2024高三冲刺卷二物理
2、百师联盟2024高三冲刺卷二重庆卷
3、百师联盟2024高三冲刺卷四物理
4、百师联盟2024高三冲刺卷一物理
5、2024百师联盟第二次联考物理

正功，电势能减小，A项错误；根据对称性可知，绝缘竖直圆环上均匀分：A,A项错误。两粒子在t1时刻速度相等，系统损失动能最大，则系布的正电荷在圆心处产生的电场强度完全抵消，则带电圆环在圆心处产统的电势能最大，B项正确。两粒子在t1时刻距离最近，两粒子间的库生的电场强度为零，B项正确；由图2可知，小球在α处的加速度小于在仑力最大，即A在t1时刻的加速度最大，C项错误。B在0~t3时间内b处的加速度，由qgE=ao,可知a点的电场强度小于b点的电场强度，：速度先减小后反向增大，则动能先减小后增大，D项错误。C项错误；根据动能定理有q=之m2-0=号m×0.42=0.08m,:8.C解析带电小球从α点由静止释放，只有重力和电场力做功，带电小球到达b点，重力势能不变，电势能减小，故到达b点时的动能Ek=9M=号m2-号mw2=号mX(0.72-0.42)=0.165m,可得a,b两gE·2R=2ngR,A项错误；当小球重力和电场力的合力正好沿半径方点电势差Ub小丁b、c两点电势差U,D项正确。向时，小球的速度最大，所以速度最大点在d点的左侧，B项错误；第12.D解析因有三分之二的动能转化成了电势能，故金属块损失的动能次过d点时，根据动能定理，有mgR十gER=2mu2,根据向心力公有三分之一转化成了内能，根据W=Fx,可得f=立F电，从A到C点式，有F4一mg-”m,解得u=5mg,第一次过（点，根据向心力全程由动能定理得一fs一F电(2L一s)一0，解得s=4L,D项正确。3.AC解析将小球的运动沿水和竖直方向正交分解，水分运动为公式，有F:十mgmR,第一次经过c点的动能为？m,2=mgR,初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为竖直上抛运动，所以从A:Fc=g,则小球第一次经过最低点d和最高点c时对管壁的压力之比到M和从M到B点所用时间相等。对于初速度为零的匀加速直线运为FNd:FNe=5：1,D项错误；从a点释放到第二次到c点的过程，根动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，则小球水位移x1与x2的比值为1：3，A项正确，B项错误；从A到B,根据动能定理有F·据动能定理，有一mgR+2qE·2R=之m%:2,根据向心力公式，有F4x1=FxB一8，从A到M的水方向，根据运动学公式和牛顿第二定律十mg=”袋，解得Fx=5mg,则小球第一次和第二次经过最高点c时有-2，得P=名mm2=61联立解得小球落到B点时的对管壁的压力之比为FNc:F2c=1:5,C项正确。动能为32J,C项正确，D项错误。.B解析设木杆倾角为O、上升过程沿杆运动的最大距离为L,小环从M到V、从N到M电场力做功为O,所以上滑和下滑过程摩擦力做功相4.D解析小球所受的等效重力为G=√mg)2+(mg)-等，设为W1,上滑过程电场力做负功，下滑过程电场力做正功，则在上滑是mg,设方向与水方向成日角斜向右下方，则tan0=青即和下滑过程对小环应用动能定理分别有一mgh一W1一qEh=03g'212,1gh一W1十gEh=2m22,联立解得h=4(ng十gE),A项错0=53°。设等效最高点为C点，小球刚好在圆轨道内做圆周运动，则在误；上滑和下滑过程克服摩擦力做功为W1-年m(2-22),B项止C点等效重力提供小球做同周运动的向心力，即G=m哭，解得心确：从M到N的过程中，电场力做负功，小环的电势能增加量为△E。y5g5。从A到C由动能定理得F电(s一Rcos53)一mg(R+Rsin53)=gEh=gEm(v2+v22)，C项错误；所以VM间的电势差为UM=Eh=24(mggE)之mc2-0,其中F电=三mg,解得释放点A距圆轨道最低点B的距离mE(u2十g2),D项错误。1(mg+gE)3-23R,所以D项正确，A、B.C三项错误。610.(1)5.4gE(2)R(3)15R5.BD解析根据题意可知油滴在两极板问先做匀减速直线运动，后做解析(1)设小物块第一次到达C点时的速度大小为1，根据动能定匀加速直线运动，因为往返共用时，则表示油滴水方向上的路程理有1大小，不是两极板间的距离，A项错误；因为油滴在水方向上运动，所qE[Lsin 37+R(1-cos 37]-uqELeos 37-mxc2-0以重力不做功，只有电场力做功，根据动能定理可得gU-之3，又Q解得1=/22gER5m=CU,解得Q-2,B项正确；设两极板与水方向的夹角为0，电场在C点根据向心力公式得Fa'一qE=mR力沿水方向的分力就是油滴受到的合力，竖直方向上的力与重力等大獬得Fc1'=5.4gE反向，故有(Eg)2-(mg)2十(a)2,而a=2如，解得E根据牛顿第三定律得Fx1=5.4qE。(2)设小物块第一次到达D点时的速度大小为vD1,根据动能定理有Vg2+俨，C项错误，D项E确，gE(Lsin37°-Rcos37)-qELcos37=之mp12-0/12gER6.AC解析将Ea、E6延长，其交点为Q点，如图所示，山解得D1=V5图可知场源电荷在Q位置，电场方向指向场源电荷，故电E小物块第一次到达D点后，先以速度1逆着电场方向做匀减速直线荷为负电荷，根据曲线运动所受合力指向曲线内侧，所以30运动，设运动的最大距离为xm,根据动能定理得一qExm=0粒子带正电，A项正确；由图可知，Ra>R,且点电荷的电60场中等势面是以场源电荷为圆心的同心圆，沿着电场线方2 mvp?向，电势逐渐降低，故a点的电势高于b点电势，B项错误；由于a点的解得m-号R。电势高于b点的电势，由正电荷在电势高处电势能大，即粒子从α到b(3)分析可知小物块最终会在圆弧轨道上做往复运动，到达B点的速电势能减小，C项正确；由图可知，R,>R,且根据E=是可知，粒子度恰好为零时，动能和电势能之和不再减小。设小物块在直线轨道在a点的电场强度小于在b点的电场强度，故粒子在a点的加速度小于AB运动的总路程为s,则根据功能关系得在b点的加速度，D项错误。gELsin 37=ugEscos 377.B解析由于两粒子碰撞过程动量守恒，则由题图可知，在=0时刻解得、=Ltan37°=15R。p=mB心0，在t=t2时刻p2=AVA,则mBU0=1AvA,因0>vA,则nB:11.BD解析根据动量定理可知，重力、电场力以及轨道支持力的合力·76·23XLJ·物理